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<学渣继续问>量子谐振子的阶梯算符方法

只看楼主收藏回复

zh.wikip edia.org/wiki/%E9%87%8F%E5%AD%90%E8%AB%A7%E6%8C%AF%E5%AD%90
量子谐振子很明显是最简单的量子模型 用微分方程解埃尔米特多项式我也明白了
可问题就是这个阶梯算符方法
我们导出了升算符 降算符和基态
但是 问题是怎么保证重复使用这两个算符产生的子空间恰好是整个解空间
就是说 会不会有满足条件的特征解但并不是那个基态向量或算符产生的向量
好吧 虽然事实没有 但是为什么······为什么这么解是通解
总感觉落掉了什么的样子 不像微分方程那样绝对哎
还有 导出来这个不等式以后 ,
”很直观地,可以检查到存在有一状态满足此条件——前面段落所提到的基态 (n = 0)。“
他是怎么直观的检验能取等的 为什么我一点都没看出来·····


1楼2014-08-01 15:45回复
    图片被吞掉了·······
    ,
    ,


    2楼2014-08-01 16:01
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      考古


      IP属地:安徽4楼2023-08-31 21:23
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        测试一下


        IP属地:北京5楼2023-09-10 01:01
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          虽然是9年前的问题了,也不太理解为什么楼主要在这个贴吧里提问,但这里还是尝试强答一波问题:
          其实很简单,就是利用H=a^{\dagger}a+\frac{1}{2}作为厄密算符的完备性。先还原一下问题:这样找出的基是不是找全了?这个问题实际上有两面:一是这组基是不是完备的。直观来看就是这样的基是不是找全了,因为产生湮灭算符总是有作用,所以一切解都可以按那套来描述。所以这个问题实际上只能是描述第二面(由第一面延申:如果所有的基都可以用产生湮灭算符来描述,那么是不是有某种简并的自由度没有被发掘)。不过由于阶梯性你总可以下降到0这个state,所以问题就是总共有多少个0态。这时候就回到楼主第二个问题:”很直观地,可以检查到存在有一状态满足此条件——前面段落所提到的基态 (n = 0)。“需要说明这样的state存在且唯一。用微分方程检验其实是最容易的,而且我个人觉得你几乎不能有其他方式,因为总可以添加其他自由度(例如添加自旋自由度使得这样的state确实是简并的(简并度为2s+1个),只有回到坐标空间才能完成这样完备性的检验,不过这时候不至于去解最复杂原始薛定谔方程了,只需要利用a湮灭0 state即可)。


          IP属地:北京6楼2023-09-10 01:12
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